cn1+cn2+cnn 高分急求证明：cn0+cn1+cn2+…+cnn＝2^n，别用二项式定理做也不要用数学归纳法。

高分急求证明：cn0+cn1+cn2+…+cnn＝2^n，别用二项式定理做也不要用数学归纳法。  

高分急求证明：0+1+2+…+n＝2^n，别用二项式定理做也不要用数学归纳法。

上面zz的解法是错误的令s=0+1+2+...+(n-1)+n所以：s=n+(n-1)+...+2+1+0两式相加得：s+s=(o+n)+{1+(n-1)}+{2+(n-2)}+...+(n+0) 【倒叙相加法】不想你被误导！即：2s=2+2+2……后面都是错误的。【二项式定理或数学归纳法】

用数学归纳法证明1+22+33…+nn 的和等于n2^n-1

倒序相加法可以证明。 第一个S的Cn1对应第二个S的(n-1)Cnn-1
倒序过后错一个位相加，就可以了。
令S=Cn1 +2Cn2+……+nCnn
则S也可nCnn+（n-1）Cnn-1+……+2Cn2+Cn1 +（倒序）
2S=(n+1)(Cn0+Cn1+.....+Cnn)
S=(1/2)*n*2^n=n*2^(n-1) (S+S=2S, S=2S/2)
所以 Cn1+2Cn2+3Cn3+......+nCnn=n.2^(n- 1） Cnn=Cn0 Cnn-1=Cn1

用数学归纳法证明二项式定理

希望对你有用
课题:二项式定理
授课教师:丁蜀高阶中学汤文兵
教 学 目 的
1,通过"杨辉三角"的教学进行爱国主义教育.
2,遵循认识规律:从特殊到一般,从具体到抽象,从杨辉三角到二项式定理, 培养学生的概括能力和严瑾的逻辑推能力.
3,掌握二项式定理,并能灵活运用通项公式解决问题.
教学重点难点
重点:1,杨辉三角及应用.2,二项式定理
难点:二项式定理的证明.
教 学 模 式
讲解研讨法
教学过程
教学方法
引入
在初中时已经学过二项式的平方,立方的展开式,即(a+b)2=a2+2ab+b2
(a+b)3=a3+3a2b +3ab2+b3
那么(a+b)3=a3+3a2b+3ab2+b3 那么(a+b)4,(a+b)5,…(a+b)n(n∈N)的展开式又是什么呢 这就是本节要研究和学习的问题.
讲解为主
概念分析
1,杨辉三角
(1)杨辉三角的引出
写出(a+b)n的展开式关键在于确定每一项的系数.(由于二项展开式的每一项系数都是一些抽象听组合数,所以我们可采用从具体到一般的规律进行教学)
提问二项式(a+b)1, (a+b)2, (a+b)3, (a+b)4, (a+b)5的展开式,并根据学生的回答,将展开式的系统列成下表:
(a+b)1…………………………. 1 1
(a+b)2…………………………. .1 2 1
(a+b)3……………………… . 1 3 3 1
(a+b)4…………………… . .1 4 6 4 1
(a+b)5………………… . .1 5 10 10 5 1
(2)杨辉三角的结构规律
启发引导学生观察表格中每个数的特征及其关系,归纳出表的结构规律:
左右两边斜行各数都是1:
②其余各数都等于它肩上的两个数字的和.
(3)利用杨辉三角进行爱国主义教育
我国南宋数学家杨辉在1261年所著《详解九章演算法》一书里附有如下一幅图:
左积 右隅
本积 一
商除 一 一
平方 一 二 一
立方 一 三 三 一
三乘 一 四 六 四 一
四乘 一 五 十 十 五 一
五乘 一 六 十五 二十 十五 六 一
图后附有"增乘方求廉草"说明图中各数的求法.贾宪1200年用此术,可见我国这一幅"乘方求廉"的图至迟在1200年左右已经出现了,比欧洲巴斯卡(1623-1662)早了400年.杨辉一生创造出了一毓世界性的数学成果且长期居于先进地位.我们华夏古国是个文明古国,具有辉煌的历史.更值得自豪的是我们炎黄始祖首创十进位制位值记数,领先世界数千年….用这些事实激发学生的民族自豪感.明确为振兴中华而努力学习的目的,立志为实现"九五"计划和2010年远景目标而奋斗.
(4)杨辉三角的应用
[例]展开(1+)4
2,二项式定理
(1)观察杨辉三角,猜想二项式定理
既然表中除1以外的每个数都等于它肩上两个数的和,如将第1行的1,1用组合数C01,C11表示,那么第2 行的中间一数应为C01+ C11= C12,引导学生利用组合的性质C0n=Cnn=1, Cmn+Cm-1n= Cmn+1
将杨辉三角中每个数转化成组合数形式:
归纳猜想:(a十b)n展开式的系数是,,,…,于是
(a十b)n=C0n an十C1n an-1十…十an-rbr十…十Cnn bn
(2)概念:这个公式叫二项式定理,右边的多项式叫做(a十b)n的二项展开式,
(r=0,1,……n)叫做二项式系数,叫做二项展开式的通项,记作Tr+1=.
(3) (a十b)n展开式的特点
二项式定理(a十b)n=C0n an十C1n an-1十…十an-rbr十…十Cnn bn的特点是:
(1)项数:共有n十1项;
(2)系数:第r十1项的系数是 (r=O,l,2,…,n);
(3)指数:a的指数是从n开始,逐渐减1按降幂排列到0;b的指数是从0开始,逐渐加1按升幂排列到n;
(4)项的次数:各项次数和都是n;
(4)注意事项(通项公式的应用)
二项展开式的通项Tr+1=, (r=0,l,2,…,n)是(a十b)n展开式的第r十l项,而不是第r项.其中还要注意下面两点:
第一点是a,b的位置不能颠倒,即(b十a)n的展开式第r十1项,不是,而应为;
第二点是(a一b)n的展开式第r十1项为=(-1)r.
(2)注意区别二项式系数与指定项的系数二者异同
在(a十b)n的展开式中,系数(r=0,l,…,n)是一组仅与二项式的次数n有关的n十1个组合数,而与a,b无关,因此称为二项式系数.而(a十b)n的展开式中指定项系数与a,b是有联络的.例如:(1十x)n的展开式第r十1项的系数为,而(1十2x)n的展开式第r十l项的系数为2r,(2十x)n的展开式第r十1项的系数为
重在启发,引导学生归纳
例题讲解
展开(1+1)4.
求(2a+b)5的展开式的
第四项;
(2)第四项的二项式系数;
(3)第四项的系数.
简解:(1)T3+1==10·4a2b3=40a2b3
(2) =10
(3) 40
强调:展开式中某项的系数与二项式系数是不同的概念.
【例3】求(x-)9的展开式中x3的系数.
分析:抓住通项公式.
【例4】 求(一)15的展开式中常数项.
分析 (一)15的展开式中的常数项,就是展开式中x的指数为零的项.
解 设(一)15展开式中常数项为第r十1项,则Tr+1=
=,令 解得r=6,从而可知不含x的项是展开式中的第7项.
所以展开式中常数项为T7=(一1)6=5005.
评注 根据已知条件求二项展开式中特定的项的问题,往往先根据己知条件或通项公式,把问题转化为求方程的解,最后再代人通项公式求出问题的解.
师生共同完成
课堂练习
1. 写出(p+q)7的展开式.
2. 求(x3+2x)7的展开式的第4项的二项式系数,并求第4项的系数.
3,求(x-)9的展开式中的常数项.
板演
小结与作业
课堂小结
杨辉是我国古代数学家的杰出代表,是我们炎黄子孙的骄傲.利用杨辉三角可以展开(a+b)n (n∈N,n不太大时)
杨辉三角(组合形式)从上一行推出下一行时用到了组合数的性质Cmn+Cm-1n=Cnn+1,故用数学归纳法证明二项式定理从n=k到n=k+1时,关键也是用这个性质.
二项展开式的特征.
本课作业
1.的展开式中,第五项是……………………………………( )
A. B. C. D.
2.的展开式中,不含a的项是第…………………………( )项
A.7 B.8 C.9 D.6
本课教育评注(课堂设计理念,实际教学效果及改进设想)

如何用数学归纳法证明二项式定理

先验证1次方……
再假设k次方……
最后k+1时改成k次方乘以（a+b）带入上一步假设的利用多项式乘法解决问题。

左边＝右边

假设当n＝k时，等式成立，

即（a+b)n=C0nan＋C1n a(n-1)b十…十Crn a(n-r)br十…十Cnn bn成立;
则当n=k+1时, （a+b)(n+1)=（a+b)n*(a+b)=[C0nan＋C1n a(n-1)b十…十Crn a(n-r)br十…十Cnn bn]*(a+b)
=[C0nan＋C1n a(n-1)b十…十Crn a(n-r)br十…十Cnn bn]*a＋[C0nan＋C1n a(n-1)b十…十Crn a(n-r)br十…十Cnn bn]＝[C0na(n+1)＋C1n anb十…十Crn a(n-r+1)br十…十Cnn abn]+[C0nanb＋C1n a(n-1)b2十…十Crn a(n-r)b(r+1)十…十Cnn b(n+1)]
＝C0na(n+1)＋(C0n+C1n)anb十…十(C(r-1)n+Crn) a(n-r+1)br十…十(C(n-1)n+Cnn)abn+Cnn b(n+1)]
＝C0(n+1)a(n+1)+C1(n+1)anb+C2(n+1)a(n-1)b2+…＋Cr(n+1) a(n-r+1)br+…+C(n+1)(n+1) b(n+1)
∴当n=k+1时，等式也成立；
所以对于任意正整数，等式都成立

详细过程不会打……
反正先验证1次方……
再假设k次方……
最后k+1时改成k次方乘以（a+b）带入上一步假设的利用多项式乘法解决问题。

数学二项式问题。 求证：Cn0+Cn1+Cn2+.+Cnn=2的n-1次方 证明n

表达麻烦，提供一下思路:
构造一个二项式展开式
(x+1)^n=C(n,0)x^n+C(n,1)x^(n-1)+...+C(n,n)
然后，上式令x=1.
余下的，楼主自己动手证明即OK了。

为什么Cn0+Cn1+Cn2+.+Cnn≥2n+2,不要转化为2的n次方再用数学归纳法

Cn0=Cnn=1,Cn1=Cnn-1=n,这四项加起来不就2n+2了，当然成立了

求用数学归纳法证明二项式定理的步骤

当n=1时，左边＝（a+b)1＝a+b
右边＝C01a+C11b=a+b;左边＝右边
假设当n＝k时，等式成立，即（a+b)n=C0nan＋C1n a(n-1)b十…十Crn a(n-r)br十…十Cnn bn成立;
则当n=k+1时, （a+b)(n+1)=（a+b)n*(a+b)=[C0nan＋C1n a(n-1)b十…十Crn a(n-r)br十…十Cnn bn]*(a+b)=[C0nan＋C1n a(n-1)b十…十Crn a(n-r)br十…十Cnn bn]*a＋[C0nan＋C1n a(n-1)b十…十Crn a(n-r)br十…十Cnn bn]*b＝[C0na(n+1)＋C1n anb十…十Crn a(n-r+1)br十…十Cnn abn]+[C0nanb＋C1n a(n-1)b2十…十Crn a(n-r)b(r+1)十…十Cnn b(n+1)]＝C0na(n+1)＋(C0n+C1n)anb十…十(C(r-1)n+Crn) a(n-r+1)br十…十(C(n-1)n+Cnn)abn+Cnn b(n+1)]＝C0(n+1)a(n+1)+C1(n+1)anb+C2(n+1)a(n-1)b2+…＋Cr(n+1) a(n-r+1)br+…+C(n+1)(n+1) b(n+1)
∴当n=k+1时，等式也成立；
所以对于任意正整数，等式都成立

证明：0+1+2+…+n＝2^n

设有n个小球放到两个不同的盒子中，盒子可以为空，若对小球进行讨论，每个小球有两个选择，共有2^n种放法若用分类原理，一号盒子中没有小球的放法有0种，有一个小球的放法有1种，有两个小球的放法有2种，????????????有n个小球的放法有n种，共有放法0+1+2+…+n种显然，两种方法得到的结果相同，所以有0+1+2+…+n＝2^n